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执行此代码时: var_dump(file_get_contents('http://www.zahnarzt-gisler.ch')); 我收到此错误: 警告:file_get_contents( http://www.zahnarzt-gisler.ch ):未能 打开流:HTTP请求失败! HTTP/1.1 403禁止输入 /home/httpd/vhosts/your-cl
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我已经设置了基本的spring认证.当用户进入页面并输入安全的URL时,将呈现登录表单,但我想显示错误403页面(或我选择的任何其他页面). 如果我理解正确,我将无法使用access-denied-handler,因为用户根本没有经过身份验证. 当未经身份验证的用户访问安全的URL时,如何显示除登录表单页面之外的其他页面? 解决方案 使用form-login时,默认的Authe
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嗨,不是每次都遇到,但有时在尝试访问LSE代码时,我会抛出所有烦人的HTTP错误403:禁止的消息. 任何人都知道我只能使用标准的python模块才能克服这个问题(很遗憾,没有漂亮的汤). import urllib.request url = "http://www.londonstockexchange.com/exchange/prices-and-markets/stocks
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您好,专家您能给我一个建议吗,为什么我要在当前运行在本地主机上的代码点火器上禁用此403. 禁止使用403 过程如下: 我正在使用ajax轻松,平稳地访问和检索模型,控制器到视图中的数据.下图是我到控制器视图中的代码.
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我正在尝试使用Python的urllib.request下载一些内容.以下命令会产生异常: import urllib.request print(urllib.request.urlopen("https://fpgroup.foreignpolicy.com/foreign-policy-releases-mayjune-spy-issue/").code) 结果: ... H
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我刚刚将Wamp Server 2安装到了我的电脑上.而且我无法访问phpmyadmin,甚至无法访问根目录下的index.php,它们都显示403 Forbidden. 我还尝试了从alias.conf更改权限,这是行不通的. 您是否有解决方法的想法,或者有任何值得尝试的优惠,请分享. 谢谢. PS:操作系统:W7,杀毒软件KasperSky,Windows防火墙关闭.
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我正在使用Wikipedia-api插件从Wikipedia获取内容页面. 从几天开始,当我尝试获取内容时,我会收到此错误: page = Wikipedia.find_by_titles('Foo') OpenURI::HTTPError: 403 Forbidden from /usr/lib/ruby/1.8/open-uri.rb:277:in `open_http'
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我正在尝试使用OAuth验证用户身份并检索用户数据.当用户未登录Twitter时,身份验证有效,我可以获取用户详细信息.但是,如果用户已经在Twitter上登录,我会收到此错误消息"403 Forbidden:服务器理解了该请求,但拒绝执行该请求." .他们在一些帖子中说要通过https而不是http发出所有请求.我已经做到了.我已经从http://net.tutsplus.com/tutoria
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我已经安装了wamp服务器2.2 我正在使用Windows 7 当时我处于在线状态,我无法使用WaMp查找本地主机 它给了我一些禁止的错误..您没有Access类的错误. 但是当我断开Internet连接时,我可以获得localhost..PHPmyadmin和WAMP服务器的所有功能. 我通过将Apache httpd .conf替换为All..."Deny all"到"All
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经过大量的Google搜索和Stackoverflowing之后,我仍然不清楚,因为许多文章和问题/答案过于笼统(包括问题:当用户尚未登录并请求查看一些仅应向登录用户显示的页面时,正确的HTTP状态代码是什么? 解决方案 我找到的完全令人满意的一次性解决方案是: 简短答案: 401未经授权 说明: 我们首先知道是身份验证(用户是否 已登录 ?),然后我们进入授权(他
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我正在使用以下PHP: $xml = simplexml_load_file($request_url) or die("url not loading"); 我使用: $status = $xml->Response->Status->code; 检查响应状态. 200一切正常,继续. 但是,如果出现403访问被拒绝的错误,如何在PHP中捕获此错误,以便返回用户友好的警
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我有一个返回403的URL,由于某些未知原因,该URL被禁止.我在.htaccess中禁用了mod_security,将文件修改为0777.URL为 http://www.veepiz.com/afrostar.php? app = help& func = addvideo 当您提交表单任何想法时会发生这种情况吗? 这是代码 function PublicAddVideo
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通过Nuget,我将WindowsAzure.Storage升级为8.1.1. 然后我下载了AzureStorageEmulator 5.1.0.0客户端. 我的连接字符串: UseDevelopmentStorage=true; 自从以前看起来还不错的时候,我就没有进行任何代码更改.我知道有例外: Microsoft.WindowsAzure.Storage.Stor
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我遵循此文档,使用Keycloak 11.0.2和Spring Security保护了我的Spring Boot应用程序. 我在application.properties中使用了基本的Keycloak配置: keycloak.auth-server-url=http://localhost:8085/auth keycloak.realm=cirta keyc
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我想在Symfony 2.0中自定义错误页面 我知道这是通过覆盖app/Resources/TwigBundle/views/Exception/*中的布局来完成的,但是我想为不同的路线设置不同的错误页面. 我想要一个后端,一个想要前端. 我该如何实现? 解决方案 您需要做的并不是很困难. Symfony允许您明确指定哪个控制器处理您的异常.因此,在config.yml中
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我正在使用Sinatra和CORS接受域A(hefty.burger.com)上的文件上传.域B(fizzbuzz.com)具有一种将文件上传到A上的路由的表单. 我有一条选择路线和一条后继路线,都命名为'/uploader'. options '/uploader' do headers 'Access-Control-Allow-Origin' => 'http://fizz.
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我正在尝试使用当前的源代码设置Tomcat. 我从tomcat网站(6.0.32)下载了zip. 然后我将项目的配置文件放入tomcatDir\conf\Catalina\localhost 然后我将用户添加到tomcat-users.xml 当我使用localhost:8080/打我的应用程序时,我得到了应该的登录提示.提供正确的凭据后,tomcat
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我尝试使用Python的urllib获取Wikipedia文章: f = urllib.urlopen("http://en.wikipedia.org/w/index.php?title=Albert_Einstein&printable=yes") s = f.read() f.close() 但是,我得到的不是HTML页面,而是以下响应:错误-Wikimedi
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当我尝试检查网站内的状态代码时,过了一会儿我遇到403响应代码.首先,当我运行代码时,每个站点都发送回数据,但是在我的代码用Timer重复执行之后,我看到一个网页返回403响应代码.这是我的代码. public class Main { public static void checkSites() { Timer ifSee403 = new Timer();
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我正在使用Instagram feed API在我的网站上显示我的Instagram帖子. 但是某些视频网址显示" URL签名已过期". 对我有解决方案吗? 解决方案 您可以使用带有一些额外参数的媒体URL作为获取所需图像的解决方案,而不是使用直接图像链接. 例如 https://www.instagram.com/p/Bo7OXJ3hYM8/media/?size=m
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