警告：mysql_result（）：在第4行中提供的参数不是有效的MySQL结果资源（...） [英] Warning: mysql_result(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in (...) on line 4

问题描述

大家好奇地解决这个烦人的问题。继承人我的片段。

非常感谢任何帮助。 ：

 <？php 
 function user_exists（$ username）{
 $ username = sanitize（ $的用户名）; 
 return（mysql_result（mysql_query（SELECT COUNT（user_id）FROM users WHERE username = $ username），0）== 1）？真假; 
} 
？> 
  

解决方案

那些错误或特殊情况。 mysql_query 将返回零到n行或者出现错误。因此，返回的资源仅适用于非错误查询。这可以用来处理像下面这样的情况。

首先构建并执行查询，然后处理资源。

  $ query =SELECT COUNT（user_id）FROM users WHERE username =。$ username; 
 $ result = mysql_query（$ query）; 
  

您可以使用以下内容来确定发生错误时发生了什么：

  if（！$ result）die（SELECT failed：.mysql_error（））; 
  

或者这些想法来处理这个问题

  if（！$ result = mysql_query（$ query））{
 return false; //或类似操作
} 
 
 if（mysql_num_rows（$ result）！= 1）{
 return false; 
} else {
 return true; 
} 
  

Hi guys just curious to solve this annoying problem. Heres my snippet.

I've checked some other questions similar to my error but so far I cant get it solved.

Any help is much appreciated. :)

<?php 
function user_exists ($username) {
$username = sanitize($username);
return (mysql_result(mysql_query("SELECT COUNT(user_id) FROM users WHERE username =  $username"), 0) == 1) ? true : false;
}
?>

解决方案

You should split your code in some more lines to handle those errors or special cases. mysql_query will return zero to n rows or an error if it occurs. The returned resource will therefore only be true on non-error queries. This can be used to handle such situations like follows.

At first build and execute query, next process the resource.

$query="SELECT COUNT(user_id) FROM users WHERE username = ".$username;
$result = mysql_query($query);  

u may use the following to determine what is going on in case of an error:

if(!$result) die("SELECT failed: ".mysql_error());

or these idea to handle the problem

if (!$result=mysql_query($query)) {
        return false; // or similar operation
    }

    if (mysql_num_rows($result)!=1){
        return false;
    }else{
        return true;
    }

这篇关于警告：mysql_result（）：在第4行中提供的参数不是有效的MySQL结果资源（...）的文章就介绍到这了，希望我们推荐的答案对大家有所帮助，也希望大家多多支持IT屋！