我可以在不重复签名的情况下实例化模板吗？
我想用长签名实例化一些函数： template void foo( T& t, SomeType some_parameter, AnotherType another_parameter, EtcType yet_another_parameter, AsYouCanTell this_is_a_very_long_signa
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decltype相关内容
如何将dectype与成员函数一起使用
我正在尝试对Visual Studio 2012中的成员函数使用dectype。我偶然发现了一个特性，我想知道这是故意的还是一个编译器错误。考虑(只是一个代码片段，并不是要说明我的观点)： struct Test { int f() {return 0;} } T; std::integral_constant; std::integral_const
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C++模板-完整指南：关于decltype和return类型的脚注措辞
C++模板-完整指南第2版第436页有以下脚注(我的粗体)： 不同的是，与其他上下文中的调用表达式不同，decltype(call-expression)不要求非引用、非void返回类型是完整的。而使用decltype(std::declval().begin(), 0)确实增加了调用的返回类型必须完整的要求，因为返回值不再是decltype操作数的结果。 脚注是指使用declt
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C++模板-完整指南：了解有关dectype和返回类型的脚注注释
C++模板-完整指南第2版在第435页提供了以下代码 #include #include template struct HasBeginT : std::false_type {}; template struct HasBeginT
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使用 decltype 将其强制转换为 const
我正在尝试解决一个问题，其中 decltype 将大大简化事情，但我在 *thisdecltype 时遇到了问题/code> 并添加 const 限定符.下面的示例代码演示了这个问题. #include 结构 Foo{空栏(){static_cast(*this).bar();}无效栏()常量{std::cout
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不应该 decltype 触发其参数的编译吗?
所以我很困惑这是如何工作的.鉴于: template int foo(T t) { t.foo();} 这个调用似乎应该失败: decltype(foo(int{ 13 })) 失败 = 42;cout
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C++ 中的 decltype 和作用域运算符
我需要获取实例化模板时提供的类型.考虑以下示例: template 结构体{typedef T T底层；};静态 FooFooInt;班级酒吧{上市:自动 自动() ->decltype(FooInt)::TUnderlying{return decltype(FooInt)::TUnderlying();}};int main(){吧台；自动 v = bar.Automatic();返回0；}
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为什么 Visual Studio 2013 遇到此类成员 decltype 的问题?
#include 结构体{std::vectorv;decltype(v.begin()) begin() { return v.begin();}decltype(v.end()) end() { return v.end();}}; Clang++没有问题，但是MSVC 2013报错如下: error C2228: '.begin' 的左边必须有 class/struct/union 解
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decltype 的行为
假设我有一些 stl 容器类 obj 的对象.我可以通过这种方式定义其他相同类型的对象: decltype(obj) obj2; 但我不能以这种方式为容器声明迭代器: decltype(obj)::iterator it = obj.begin(); 为什么?我做错了什么吗? 解决方案 根据最终的 C++0x 草案 (FDIS)，您的代码格式良好.这是 Visual Studio
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遮蔽外部名称的 decltype 和类成员名称之间的交互
此代码 int 冲突；结构 Foo {声明类型(冲突)冲突；}; 在 clang 上静默编译，但在 gcc 上编译失败并出现错误 错误:'int Foo::clash'的声明[-fpermissive] 错误:将 'clash' 的含义从 'int crash' [-fpermissive] 更改为 似乎需要 2 个因素才能出现错误: 阴影必须由类成员完成(如果是函数的
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使用带有可变参数模板函数的 decltype 的尾随返回类型
我想编写一个简单的加法器(用于傻笑)，将每个参数相加并返回具有适当类型的总和.目前，我有这个: #include 使用命名空间标准；模板T sum(const T& in){返回；}模板auto sum(const T& t, const P&... p) ->decltype(t + sum(p...)){返回 t + sum(p...);}int main(){cout
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GCC 的 decltype(auto) 不符合标准?
我尝试在 GCC 8.2 下用不同的选项编译这个 C++ 代码，它总是成功，不产生警告并输出 true: int &&一 = 123;decltype(auto) b = a;std::cout
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编译器不能推导出返回类型?
我正在尝试在自动函数上使用 decltype 关键字: struct Thing {静态自动 foo() {返回 12；}使用 type_t =声明类型(foo())；}; 我收到以下错误(gcc 7.4): :6:25: 错误:在扣除“auto"之前使用“static auto Thing::foo()"声明类型(foo())；^:6:25: 错误:在扣除“auto"之前使
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为什么 decltype(auto) 在这里返回一个引用?
我想(认为)我理解auto.decltype 也一样.但是，在 C++14 中，可以将诸如 decltype(auto) 之类的东西作为函数的返回类型.考虑以下几点: decltype(auto) foo(){整数 m = 1;返回 m;} 返回类型是int，一切都有意义. 然而， decltype(auto) foo(){整数 m = 1;返回(米)；} 返回 int&(即对 in
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auto和decltype的关系
是 auto x = 初始值设定项； 相当于 decltype(initializer) x = initializer; 或 decltype((initializer)) x = initializer; 还是两者都没有? 解决方案 decltype 还要考虑表达式是 rvalue 还是 lvalue . 维基百科说， decltype 表示的类型可以与 aut
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SFINAE 和 decltype(自动)
如果函数模板返回 decltype(auto)(或使用 auto 的其他类型说明符)但返回语句格式错误，SFINAE 会产生结果吗?return 语句是否被认为是函数签名的直接上下文? N3690 草案中似乎没有任何要求.默认情况下，我猜 SFINAE 不适用. 这看起来很不幸，因为您可以编写一个函数来转发到另一个函数，但是您不能像手写那样以委托为条件使其存在.此外，如果没有 decl
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函数标题中的箭头运算符 (->)
我遇到了以下代码: template 自动组合(T a，T1 b)->声明类型(a + b){返回 a+b;} 有一件事我无法理解: 在哪里可以找到函数标题中箭头运算符 (->) 的含义? 我猜纯粹从逻辑上讲，-> 运算符确定了一种类型，auto 将被推导出来，但我想弄清楚这一点.我找不到任何信息. 解决方案 在C++11中，函数声明有两种语法: 返回类型 标识
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decltype(auto) 有哪些用途?
在 c++14 中引入了 decltype(auto) 习惯用法. 通常它的用途是允许 auto 声明在给定的表达式上使用 decltype 规则. 搜索成语的“好"用法示例，我只能想到以下内容(来自 Scott Meyers)，即用于函数的返回类型推导: template//C++14decltype(auto) 抓取(ContainerType&& container, Inde
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为什么字符串文字上的 decltype 不会产生数组类型?
标准在 §2.13.5/8 中定义了字符串文字的类型，如下所示: 普通字符串文字和 UTF-8 字符串文字也称为窄字符串文字.窄字符串文字的类型为“n const char 数组"，其中 n 是如下定义的字符串大小，并且具有静态存储持续时间 (3.7). 因此，例如，"sss" 应该有一个 char const[4] 类型(除非我读错了). 但是这个简单的片段: std::co
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decltype 的错误参数
两天前我问过关于创建线程以使用 Win32 API 运行非静态类方法的问题，我几乎得到了解决方案，但有一些让我感到困惑的东西，所以我在发布之前的答案之前问了这个问题问题. 我正在尝试使用此代码来线程化返回类型未知的函数: 模板 无符号整数通常函数(){功能()；返回 1；}模板int Start(R(*func)()) {typed
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